Показательно-степенные уравнения и неравенства
На рисунке II.5. изображен график функции Он заключен между графиками
функций у = х2 и у = х3, заданных
на промежутке [0; + оо).
Подобный вид имеет график любой
функции вида у = хr, где .
На том же рисунке изображен график
функции . Подобный вид
имеет график любой степенной функции у = хr, где .
Степенная функция с
отрицательным дробным показателем. Рассмотрим функцию у = х-r, где r — положительная несократимая дробь. Перечислим свойства
этой функции.
1) Область определения — промежуток (0; + оо).
2) Функция ни четная, ни нечетная.
3) Функция у = х-r убывает на (0; +оо).
Построим для
примера график функции у — х таблицу значений функции:
Нанесем полученные точки на координатную
плоскость и соединим их плавной кривой (см. рис. II.6.).
Подобный вид имеет
график любой функции
у = хr, где r — отрицательная дробь.
Рис. II.6.
II.
2. Показательная функция и ее свойства.
Функция,
заданная формулой вида у = ах, где а —
некоторое положительное число, не равное единице, называется показательной.
1. Функция у = ах при а>1 обладает
следующими свойствами (см. рис. II.7.):
а) область определения —
множество всех действительных чисел;
б) множество значений — множество
всех положительных чисел;
Рис. II.7.
в) функция возрастает;
г) при х = 0
значение функции равно 1;
д) если x > 0, то аx > 1;
е) если х < 0,
то 0 < ах < 1.
3. Функция у = ах
при 0<а< 1 обладает следующими свойствами (см. рис. II.8.):
а) область определения D(f)=R;
б) множество значений E(f)=R+;
в) функция убывает;
г) при х = 0 значение функции
равно 1;
д) если х > 0,
то 0 < ах < 1;
е) если х < 0,
то ах > 1.
Рис. II.8.
Глава III. Решение
показательно-степенных уравнений, алгоритмы и примеры.
Так называются уравнения вида , где неизвестное
находится и в показателе и в основании степени.
Можно указать совершенно четкий
алгоритм решения уравнении вида . Для этого надо обратить внимание на то, что
при а(х) не равном нулю, единице и минус единице равенство степеней с
одинаковыми основаниями (будь-то положительными или отрицательными) возможно
лишь при условии равенства показателей То - есть все корни уравнения будут корнями уравнения f(x) = g(x) Обратное же утверждение неверно,
при а(х) < 0 и дробных значениях f(x) и g(x) выражения а(х) f(x) и
а(х)g(x) теряют смысл. То - есть при
переходе от к f(x) = g(x) (при и могут появиться посторонние корни, которые
нужно исключить проверкой по исходному уравнению. А случаи а = 0, а =
1, а =-1 надо рассмотреть отдельно.
Итак, для полного
решения уравнения рассматриваем
случаи:
1. а(х) = О . Если при значении х, удовлетворяющем этому уравнению, f(x) и g{x) будут положительными числами, то это решение. В противном случае,
нет
2. а(х) = 1. Корни этого уравнения являются корнями и исходного уравнения.
3. а(х) = -1. Если при значении х, удовлетворяющем этому уравнению, f(x) и g(x) являются целыми числами одинаковой четности (либо оба четные, либо
оба нечетные) , то это решение. В противном случае, нет
4. При и
решаем уравнение
f(x)= g(x) и подстановкой полученных
результатов в исходное уравнение отсекаем посторонние корни.
Примеры решения показательно-степенных уравнений.
Пример №1.
Решение
1) x
– 3 = 0, x = 3. т.к. 3 > 0, и 32 >
0, то x1
= 3 - это решение.
2) x – 3
= 1, x2 = 4.
3) x
– 3 = -1, x = 2. Оба показателя четные. Это решение x3 = 1.
4) x
– 3 ≠ 0 и x ≠ ± 1. x
= x2,
x
= 0 или x = 1. При x = 0,
(-3)0 = (-3)0 –верно это решение x4
= 0. При x = 1, (-2)1 = (-2)1
– верно это решение x5
= 1.
Ответ:
0, 1, 2, 3, 4.
Пример №2.
Решение
По
определению арифметического квадратного корня: x – 1 ≥
0, x ≥ 1.
1) x
– 1 = 0 или x = 1, = 0,
00 это не решение.
2) x – 1
= 1 x 1
= 2.
3) x
– 1 = -1 x 2 = 0 не подходит в ОДЗ.
4) =
Д = (-2) – 4*1*5 = 4 – 20 = -16 –
корней нет.
Ответ:
2.
Пример №3.
Решение
1)
= 0 решения
нет, т.к. 0 в любой степени не равен 1.
2)
≠ 0 т.е.
. Тогда можем
записать:
3)
= 1. = 0
и
4)
= -1 х = 0 или
х = 1. При х = 0 =
-1. (-1)-1 ≠ (-1)0. Это не решение. При х = 1
(-1)0 = (-1)0. Это решение х3 = 1.
5)
≠ 0 и ≠ ±1 имеем = 0, = -1 или
= 1. Эти корни
уже учтены.
Ответ:
-1, 1, 2.
Пример №4.
Решение
1)
При решений нет, т.к. 0 в любой степени не равен
1.
при ,
2)
, .
3)
, .
, (-1)0 =
(-1)0 это решение.
.
4) и
или
При (-4)0
= 1 – верно.
Ответ:
-1, 2, 4.
Пример №5.
Решение
1)
, , это не решение.
2)
, и .
3)
отрицательных значений основание не имеет. При и , , ,
х
= 5, 315 = 315 – верно. х3 = 5,
х
= 2 – не является решением.
Ответ:
1,3,5.
Пример №6
Решение
1)
не дает решений,
т.к. 0 ни в какой степени не равен 1.
2)
. или .
3)
отрицательных значений не
имеет.
4)
При ,
, т.к. , то . Проверка 20 = 1 –
верно.
Ответ:
-1, 1, 2.
Пример №7
Решение
1)
, , , . Это решение .
2)
, .
3)
, , - четное
и -3х – четное. Это решение. х2 = -4.
4)
и , , , , 4-3 = 4-3 – верно. .
Ответ:
-4, -3, -2, 1
Пример №8
Решение
ОДЗ: ,
, ,
и
Все
решения принадлежат уравнению =2.
, , и . Оба значения принадлежат к ОДЗ.
Ответ:
-4, -1.
Пример №9
Решение
ОДЗ: , , .
1)
решений не
имеет, т.к. 0 в любой степени не равен 1.
При
, или ,
ОДЗ, ОДЗ.
Значит
все решения содержатся в уровнении = 0, или .
Проверка:
, 20 =
1 – верно.
, - верно.
Ответ:
0, 3/2.
Пример №10
Решение
1)
решений не дает,
т.к. 0 в любой степени не равен 1.
2)
При , , . Все решения принадлежат уравнению . или .
3)
, и .
Второе
решение не подходит, т.к ,
. А является решением
Ответ:
, 2, 4.
Пример №11
Решение
1)
, , и это решение .
2)
, .
3)
, , - четное, - нечетное. Это является решением.
4)
или , , , , .
Проверка:
, - верно.
Но
не является
корнем!
Выражение
(-1,5)52,5, которое получается при проверке не имеет смысла, т.к.
степень отрицательно числа имеет смысл только для целых показателей. Равенство = только для . Значит, отрицательное число можно
возводить только в степень с целым показателем.
Ответ:
-4, -2, -1.
Пример №12
Решение
ОДЗ: . Значит 0,1 и -1 отпадают.
и все решения содержатся
в уравнении.
, ,
Ответ:
5.
Пример №13
Решение
1)
, , . Это решение .
2)
, , .
3)
отрицательных значений не
имеет.
При
или все решения в уравнении , и .
При
, - верно. .
Ответ:
-1, 2, 3, 4.
Пример №14
Решение
ОДЗ:
1)
При решений нет, т.к. 0 в любой степени не равен
1.
При
2)
, и . - решение, а .
3)
для всех . При и все решения содержатся в уравнении , или . При , .
При
, - верно. .
Ответ:
4, 5.
Пример №15.
,
Решение
используя
свойства логарифма и
получили:
=
В
первой части уравнения выполнили преобразования
. Получили уравнение . Все решения содержатся в
уравнении.
или .
Ответ:
2.
Пример №16
Решение
ОДЗ:
Преобразуем
знаменатель дроби в правой части уравнения
; .
, , где
1)
, - верно.
2)
,
Пасть
, тогда
, или .
Следовательно;
или , , .
Ответ:
1, 0,1, 0, 0,01.
Пример №17
Решение
ОДЗ:
и
Выполним
преобразования.
+= 2+2
+= 4
Пусть
, а ,
Следовательно,
или
,
2*2t
= 4
2t
= 4/2
2t
= 2
t
= 1
Ответ:
2.
Пример №18
Решение
ОДЗ:
;
Прологарифмируем
обе части равенства:
, где .
Умножим
обе части уравнения на 2.
Пусть
, тогда
, или
1)
,
или
Ответ:
0.1, 10.
Пример №19
Решение
ОДЗ:
Обратите
внимание ниоткуда
не следует! Наоборот, из ОДЗ видно, что может быть отрицательным!
,
или
Оба
значения в ОДЗ.
Так
как возводили в квадрат, корни надо проверить.
, - верно.
, - верно.
Ответ:
-3, 3.
Пример №20
ОДЗ:
Возведем
обе части уравнения в квадрат (т.к. они положительны, то посторонние корни не
появляются)
или
Прологарифмируем
по основанию 10.
или
1)
или
,
Ответ:
0.01, 100.
Пример №21
Решение
ОДЗ:
Прологарифмируем
по основанию 10.
, где .
Пусть
, тогда:
умножим на 4
,
, или
1)
2)
Ответ:
0,0001, 10.
Пример №22
Решение
ОДЗ:
Заменим:
, получим:
, где .
Решаем
уравнение:
; или
1)
; ; . .
2)
, , , , .
; ; ; .
Ответ:
0,1, 1, 10.
Пример №23
Решение
и
\ :
Подставим
во второе уравнение вместо число 5, получим:
или
составляем
систему уравнений:
Ответ:
(13;8)
Пример №24
Решение
ОДЗ:
;
,
;
или
, .
Ответ:
5.
Пример №25
Решение
ОДЗ:
Прологарифмируем
правую и левую части данного уравнения по основанию 10:
Получим:
или
Обозначив
, перепишем
записанное уравнение в виде:
.
Решая
его относительно ,
находим , .
Используя
обозначения , из
первого решения квадратного уравнения имеем . Отсюда . Используя решение , получаем . Преобразуем правую часть этого
уравнения:
. Значит, , т.е. .
Ответ:
30, 100.
Пример №26
Решение
Так
как , то при и имеем равносильное уравнение:
или
.
,
Ответ:
5.
Пример № 27
Решение
ОДЗ:
Так
как обе части уравнения положительны, то прологарифмируем по основанию 10:
,
; или
1)
2)
Ответ:
0.1, 100.
Пример №28
Решение
ОДЗ:
Так
как обе части уравнения положительны, то прологарифмируем по основанию 3:
и , поэтому
Пусть
, тогда
или .
1)
;
2)
Ответ:
, 3.
Пример №29
Решение
1)
, т.к. 0 в любой степени не
равен 1.
2)
= 1, =1, , или
=-1, , .
Так
как 1 в любой степени равна 1, то это решения.
3)
(т.к. )
При
все решения
принадлежат уравнению .
или .
При
= 0, что не удовлетворяет уравнению
,
Ответ:
, .
, .
, .
Пример №30
Решение
ОДЗ:
=
1)
, , .
2)
Так как , то
остальные решения получаем из уравнения : Отсюда или . , и , .
Ответ:
, -, и , .
Пример №31
Решение
1) или , и . Это решение. .
2)
, и
3)
Так как , то ;
;
; . Это решение.
Ответ:
; 5; 3; 4.
Пример №32
Решение
при всех
1)
, - решений нет.
2). Потому при левая часть равна единице,
а правая нет. Это решение.
3)
;
;
;
;
;
;
;
и ;
; ;
;
;
;
;
- решений нет.
Ответ:
-3, 3.
Пример №33
Решить
графически уравнение:
Решение
У
функции Д(y):
x
> 0 и log2 x
> 0, т.е.,
x
> 1. обл. определения х > 1.
А
теперь: (формула перехода к
новому основанию и определение логарифма).
Тогда
(определение
логарифма: ).
Так,
что нужно только учитывать, что Д(у): x >
0.
Построим
график функции (рис III.1).
у
2
1
0 1
4 х
Рис.
III.1.
Ответ:
(4; 2).
Пример №34
Решить
систему уравнений:
Решение:
По
определению логарифма имеем:
.
Прологарифмируем
первое уравнение системы по основанию х.
.
Из
второго уравнения системы выразим у через х:
,
Тогда:
Пусть
, , Д = (-5)2 -4*1*4 = 9, , или .
1) 2)
Д = (-3)2 – 4*1*(-4) =
25 пусть , тогда
или Д =
(-1)2 – 4*3*4 = -47<0
или корней
нет
(-1,-1) – удовлетворяет ОДЗ
(4,4)
решение системы уравнений.
Ответ:
(4, 4).
Пример №35
Решите
систему уравнений:
Страницы: 1, 2, 3
|
|